【题解】洛谷U38098[NOIP2018原创模拟赛DAY1T3]PION贪吃蛇 模拟
题目背景
NOIP2018原创模拟题 T3
NOIP DAY1 T3 or DAY 2 T2 难度
贪吃蛇大家都玩过吧,当然不同版本有不同规则。下面介绍PION贪吃蛇。
注意:测试点#4,#5错误已修改,感谢:@EnTaroTassadar,@天道
题目描述
表示方法:
该题中贪吃蛇存在于一个 行 列的矩形中,用 ‘.’ 表示空地,用 '#’ 表示蛇身,用 ‘@’表示蛇头,用‘&’表示食物 例如:图一表示 的矩形,有一条蛇,蛇长度为 ,有两个食物
基本规则:
1.蛇头每一秒就会移动一格,身体自然会跟着移动,用W表示向上,S表示向下,A表示向左,D表示向右
2.蛇每吃一个食物就长度就会加一,而增加的长度体现在食物所在的地方,你可以把吃食物理解成食物变成了蛇头,之前的蛇头变成了蛇身,这一秒不移动
例如:图二的三幅图展示了第一秒,第二秒,和第三秒的情况
3.蛇如果死亡,身体(包括头)一定会全部变成食物
4.PION贪吃蛇的蛇头碰到自己或别的蛇的身体就会死亡
例如:图三的三幅图展示了第二条蛇撞在别人身体上死亡的过程
5.蛇头撞在边界上也会引起死亡,但蛇头刚好现在边界上不会
例如:图四第二幅图虽然蛇头在边界上,但是只是刚好,如果此时进行D操作蛇就会死亡,如果进行W或S就不会
6.如果有操作使蛇头向相反方向运动,之后如果与身体重合蛇也会死亡(比如:图二第一幅图使用A操作,蛇就会死亡,此时在原地成为三个食物,你也可以理解为蛇下一秒不行动而自杀了)
7.两条蛇蛇头相撞,主动撞上的死亡
8.蛇的移动按编号由小到大进行(编号的含义见下文)
输入输出格式
输入格式:
第一行两个数 表示 的矩形, 表示操作次数
接下来 行每行 个字符,表示地图
再接下来 行(注意:图中有几条蛇就有几行),每行 个字符,表示有 个操作(如果执行了某个操作蛇死了,就忽略后面的操作)
我们将蛇编号:按每条蛇蛇头的坐标从小到大编号为 (越靠近上边的坐标越小,如果相同越靠近左边的坐标越小)
例如:图三第一幅图两条蛇的蛇头坐标分别为 , 所以较长的蛇编号为 ,较短的蛇编号为
输出格式:
行,输出 次操作后每一条蛇的长度,编号;每一行第一个为长度,第二个数为编号
最后一行输出剩下食物的总个数
注意:输出按长度由大到小排序(长度相同按编号由小到大排序),死亡的蛇长度为
输入输出样例
输入样例#1:
5 7 6
.&…&.
…##@…
.&…&.
…##@…
.&…&.
DWAAAA
WDDDDD
输出样例#1:
5 1
0 2
7
输入样例#2:
9 9 4
…
.#######.
…#.
[email protected]#.&@.#.
&.#.&&.#.
&&######.
.&…
…@####…
…
ASSD
ASDD
WASD
输出样例#2:
22 1
4 2
0 3
6
说明
样例说明:
图五,图六展示了从第0秒开始之后每一秒地图的状态,请看图理解(样例二图四有点小错误)
数据范围:
数据满足
数据满足
数据满足
数据满足
数据满足,,且图中的蛇不会引起混淆
输入保证图中没有蛇会像这样难以判断:
.#.
##@
#.#
@##
其实就是按照题目要求进行模拟。当时写了份代码只有60分。
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<algorithm>
using namespace std;
char s[2100];
int n,m,k,flag,c,num,nxtx[]={1,-1,0,0},nxty[]={0,0,1,-1},vis[100100],cnt,idx[2100][2100];
struct node{
int x,y,kind;
}p[100100];
struct Snake{
int len,id;
deque<int>dq;
bool operator<(const Snake&rhs)const{
return len>rhs.len||(len==rhs.len&&id<rhs.id);}
}snake[500];
void bfs(int pos)
{
queue<int>q;while(q.size())q.pop();
snake[c].len=1;snake[c].id=c;q.push(pos);vis[pos]=1;snake[c].dq.push_back(pos);p[pos].kind=2;
while(q.size())
{
int tmp=q.front();q.pop();
int x=p[tmp].x,y=p[tmp].y;
for(int i=0;i<4;i++)
{
int nx=x+nxtx[i],ny=y+nxty[i];
if(nx>=1&&nx<=n&&ny>=1&&ny<=m&&!vis[idx[nx][ny]]&&p[idx[nx][ny]].kind==2)
{
q.push(idx[nx][ny]);vis[idx[nx][ny]]=1;snake[c].len++;snake[c].dq.push_back(idx[nx][ny]);
}
}
}
}
void des(int id)
{
while(snake[id].dq.size())
{
int pos=snake[id].dq.front();snake[id].dq.pop_front();
p[pos].kind=3;cnt++;
}
snake[id].len=0;
}
int work(int id,int nx)
{
int pos=snake[id].dq.front();
int x=p[pos].x+nxtx[nx],y=p[pos].y+nxty[nx];
if(x<0||x>n||y<0||y>m)
{
des(id);return 0;
}
if(p[idx[x][y]].kind==2)
{
des(id);return 0;
}
if(p[idx[x][y]].kind==3)
{
p[idx[x][y]].kind=2;
snake[id].len++;cnt--;snake[id].dq.push_front(idx[x][y]);return 1;
}
p[idx[x][y]].kind=2;snake[id].dq.push_front(idx[x][y]);p[snake[id].dq.back()].kind=0;snake[id].dq.pop_back();return 1;
}
int main()
{
//freopen("in.txt","r",stdin);
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%s",s+1);
for(int j=1;j<=m;j++)
{
idx[i][j]=++num;
p[num].x=i;p[num].y=j;
switch(s[j]){
case '.':p[num].kind=0;break;
case '@':p[num].kind=1;break;
case '#':p[num].kind=2;break;
case '&':p[num].kind=3;cnt++;break;
}
}
}
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
if(p[idx[i][j]].kind==1)c++,bfs(idx[i][j]);
for(int i=1;i<=c;i++)
{
scanf("%s",s+1);
for(int j=1;j<=k;j++)
{
switch(s[j])
{
case 'W':flag=work(i,1);break;
case 'A':flag=work(i,3);break;
case 'S':flag=work(i,0);break;
case 'D':flag=work(i,2);break;
}
if(!flag)break;
}
}
sort(snake+1,snake+c+1);
for(int i=1;i<=c;i++)printf("%d %d\n",snake[i].len,snake[i].id);
printf("%d\n",cnt);
return 0;
}
后来也就没有改这份代码,重新写了一份。
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<queue>
#include<algorithm>
using namespace std;
int n,m,k,c,hd[25][2],mp[210][210],len[25],cnt;
int dx[]={1,0,0,-1},dy[]={0,-1,1,0};
char a[210][210];
string cmd[25];
struct node{
int x,y;
node(){}
node(int _x,int _y):x(_x),y(_y){}
};
struct Snake{
int id,len;
bool operator<(const Snake&rhs)const{
return len>rhs.len||(len==rhs.len&&id<rhs.id);}
}s[25];
queue<node>body[25];
void dfs(int i,int j)
{
if(!mp[i][j]&&(a[i][j]=='#'||(a[i][j]=='@'&&len[c]==0)))
mp[i][j]=c,len[c]++;
else return;
for(int k=0;k<4;k++)
dfs(i+dx[k],j+dy[k]);
body[c].push(node(i,j));
}
void die(int id)
{
len[id]=0;
while(body[id].size())
{
node tmp=body[id].front();body[id].pop();
mp[tmp.x][tmp.y]=-1;
}
}
void Move(int i,int j,int id,int cas)
{
int x=i+dx[cas],y=j+dy[cas];
if(x<1||x>n||y<1||y>m||mp[x][y]>0)
{
die(id);
return;
}
if(mp[x][y]==-1)
{
len[id]++,mp[x][y]=id;
hd[id][0]=x,hd[id][1]=y;
body[id].push(node(x,y));
}
else
{
mp[x][y]=id,hd[id][0]=x,hd[id][1]=y;
body[id].push(node(x,y));
node tmp=body[id].front();body[id].pop();
mp[tmp.x][tmp.y]=0;
}
}
int main()
{
//freopen("in.txt","r",stdin);
std::ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);
cin>>n>>m>>k;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
cin>>a[i][j];
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
if(a[i][j]=='@')
c++,dfs(i,j),hd[c][0]=i,hd[c][1]=j;
else if(a[i][j]=='&')
mp[i][j]=-1;
for(int i=1;i<=c;i++)
cin>>cmd[i];
for(int i=0;i<k;i++)
for(int j=1;j<=c;j++)
if(len[j])
{
switch(cmd[j][i])
{
case 'W':Move(hd[j][0],hd[j][1],j,3);break;
case 'A':Move(hd[j][0],hd[j][1],j,1);break;
case 'S':Move(hd[j][0],hd[j][1],j,0);break;
case 'D':Move(hd[j][0],hd[j][1],j,2);break;
}
}
for(int i=1;i<=c;i++)
s[i].id=i,s[i].len=len[i];
sort(s+1,s+c+1);
for(int i=1;i<=c;i++)
cout<<s[i].len<<" "<<s[i].id<<endl;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
if(mp[i][j]==-1)
cnt++;
cout<<cnt<<endl;
return 0;
}
总结
放到T3的大模拟确实让我感觉有点惊讶。不过感觉也不是那么难写,至少部分分是有的。