【LeetCode】- 139 - 单词拆分

题目描述：

思路一：

但凡是能把问题规模缩小的都应该想到用动态规划求解。例如本题，如果我知道给定字符串的0到i子串可以用字典中的单词表达，那么我只需要知道i+1到末尾的子串能否被字典表达即可知道整个字符串能否被字典表达。所以随着i的增大，问题规模逐渐的缩小，且之前求解过的结果可以为接下来的求解提供帮助，这就是动态规划了。设flags[i]代表s.substring(0, i)能否被字典表达，此刻我们知道flags[0]~flags[i-1]的结果。而flags[i]的结果由两部分组成，一部分是flags[j]（j < i)，已知；另一部分是j到i之间的字符串是不是在字典里。当这两个部分都为真的时候，flags[i]即为真。而一旦flags[i]为真，就不用继续迭代了。

代码如下：

class Solution {
    public boolean wordBreak(String s, List<String> wordDict) {
        int len = s.length();
 
        boolean[] flags = new boolean[len+1];
        flags[0] = true;
 
        for (int i = 1; i <= len; i++) {
            for (int j = 0; j < i; j++) {
                if (flags[j] == true && wordDict.contains(s.substring(j,i))) {
                    flags[i] = true;
                    break;
                }
            }
        }
 
        return flags[len];
    }

思路二：

利用一个HashMap来记录匹配过的值，如下为一个例子的有效路径

【LeetCode】- 139 - 单词拆分

代码如下

public static boolean wordBreak(String s, List<String> wordDict) {
        return solve(s, wordDict, new HashMap<String, Boolean>());
    }

    public static boolean solve(String s, List<String> wordDict, HashMap<String, Boolean> map) {
        //字符串匹配完成
        if (s != null && s.length() == 0)
            return true;

        //当前查找的字符串已经出现过
        Boolean b = map.get(s);
        if (b != null)
            return b;
        for (int i = wordDict.size() - 1; i >= 0; i--) {
            String str = wordDict.get(i);
            if (s.startsWith(str)) {
                if (solve(s.substring(str.length()), wordDict, map)) {
                    map.put(s, true);
                    return true;
                }
            }
        }
        map.put(s, false);
        return false;
    }

有问题请说明，谢谢！

参考：https://blog.****.net/qq_38595487/article/details/82431046

【LeetCode】- 139 - 单词拆分

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